php对两个mysql数据表的修改问题?把表A的内容更新到表B里面。

你可以写一个判断，如果B表数据插入时，A表没有数据，则判断赋值1到数据库，然后进行存储。如果有内容就获取正常内容那样。

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可以导出很多种格式，然后再新建一个B表，结构和A一样，可以利用那个工具复制建表语句，然后就可以把数据导入到B表。当然不用工具也可以，直接用SQL语句来操作。

如果是php 就用phpmyadmin 把表一 导出成.sql文件，再到导入到b数据库里 如果是jsp， 可以用一款软件 mysql-front，可视化的mysql数据库操作系统。

首先要把数据库A、B的连接权限都grant给一个用户，然后用这个用户连接数据库。那么可以用A.a， B.b这样去访问表。剩下的就是SQL select ... insert into语句的事，相信你会。

建立触发器，这个就可以监视A表的修改，一旦A表修改，那么仅接着就会调用触发器修改B表。至于具体怎么建立和相关语句，自己写吧，网上相关内容很多，我就不在这里赘述了。

打开配置管理器 停止SQL Server服务 在C：\Program Files\Microsoft SQL Server\MSSQL.1\MSSQL\Data目录下找到数据库文件，复制到B电脑上，B电脑打开数据库附加A数据库就好了。

php创建数据表总是失败,没有错误代码提示,但是总是执行失败,$result总...

1、在DOS下和PHP里面建表语句是一样的，都可以。其它查询语句也是一样的。

2、单引号问题，单引号中内容会当成字符串，像$yy_content就是一个字符串，不会当变量解释的，改成双引号就行。

3、也就是说在表名的前面添加数据库名称和小数点（英文），可以明确的指定数据库。

4、类似的字符串。$r是个资源（姑且这么称呼吧）。要使用mysql_fatch_array()函数把数据取了来，放到数组里。

5、你的数据库应该不支持mysqli模块，而是使用mysql连接，更换一个mysql连接类试试。

...运行php语言,向表插入数据出现错误,不能跳转页面!

1、这位朋友，你的代码稍微调整下就OK了，分别创建2个文件insert.html，insertAction.php(文件名我是随便起的。

2、//错误有两处，分别如下：页面不跳转是由于action没写正确。示例：action=insertStudent.phpmysql_select_db(db_student)；这里选择操作的数据库是db_student，确保操作的数据表名称也是 db_student才可以。

3、出现空白页，那你就先不要跳转，用print_r输出一下数据，如果有数据，那就是跳转有问题，如果是空白，没数据出现。那就是调用数据的语句出问题了。

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